수리논술, 이게 다다.

자연계열 2번

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문제

(가) 피보나치수열 1,1,2,3,5,8,13,21,…\displaystyle 1,1,2,3,5,8,13,21,\ldots은 다음과 같이 귀납적으로 정의된 수열이다.a1=1, a2=1, an+2=an+1+an (n=1,2,3,…)\displaystyle a_1=1,\ a_2=1,\ a_{n+2}=a_{n+1}+a_n\ (n=1,2,3,\ldots)피보나치수열에서 이웃하는 두 항 사이의 비 an+1an\displaystyle \frac{a_{n+1}}{a_n}의 값을 차례로 구해보면, n\displaystyle n이 한없이 커질 때, an+1an\displaystyle \frac{a_{n+1}}{a_n}의 값은 황금비 ϕ=1+52\displaystyle \phi=\frac{1+\sqrt5}2에 수렴함이 알려져 있다.

(나) 1350년 경 프랑스의 수학자 오렘은 다음과 같이 급수 ∑n=1∞1n\displaystyle \sum_{n=1}^{\infty}\frac1n을 1개, 2개, 4개, 8개, ...씩 괄호 ( )로 묶어서 부등식1+(12)+(13+14)+(15+16+17+18)+⋯>1+12+12+12+⋯\displaystyle 1+\left(\frac12\right)+\left(\frac13+\frac14\right)+\left(\frac15+\frac16+\frac17+\frac18\right)+\cdots>1+\frac12+\frac12+\frac12+\cdots이 성립함을 보이고, 이를 이용하여 급수 ∑n=1∞1n\displaystyle \sum_{n=1}^{\infty}\frac1n이 발산함을 증명하였다.

(다) 급수 ∑n=1∞an\displaystyle \sum_{n=1}^{\infty}a_n이 수렴하면 lim⁡n→∞an=0\displaystyle \lim_{n\to\infty}a_n=0이다. 즉 lim⁡n→∞an≠0\displaystyle \lim_{n\to\infty}a_n\ne0이면 급수 ∑n=1∞an\displaystyle \sum_{n=1}^{\infty}a_n은 발산한다.

(라) {cn}\displaystyle \{c_n\}과 {dn}\displaystyle \{d_n\}은 모든 항이 양수인 수열이다. 모든 자연수 n\displaystyle n에 대하여 ∑k=1nck≤∑k=1ndk\displaystyle \sum_{k=1}^nc_k\le\sum_{k=1}^nd_k이고 급수 ∑n=1∞cn\displaystyle \sum_{n=1}^{\infty}c_n이 발산하면 급수 ∑n=1∞dn\displaystyle \sum_{n=1}^{\infty}d_n도 발산한다.

(마) (입체도형의 부피) 닫힌 구간 [a,b]\displaystyle [a,b]의 임의의 점 x\displaystyle x를 지나 x\displaystyle x축에 수직인 평면으로 자른 단면의 넓이가 S(x)\displaystyle S(x)인 입체의 부피 V\displaystyle V는V=∫abS(x) dx\displaystyle V=\int_a^bS(x)\,dx (단, S(x)\displaystyle S(x)는 닫힌 구간 [a,b]\displaystyle [a,b]에서 연속)

(2-1) 다음은 급수 ∑n=1∞1n\displaystyle \sum_{n=1}^{\infty}\frac1n을 피보나치수열에 나타난 수만큼의 항으로 괄호 ( )로 묶어서 나타낸 것이다.1+(12)+(13)+(14+15)+(16+17+18)+(19+⋯+113)+(114+⋯+121)+⋯\displaystyle 1+\left(\frac12\right)+\left(\frac13\right)+\left(\frac14+\frac15\right)+\left(\frac16+\frac17+\frac18\right)+\left(\frac19+\cdots+\frac1{13}\right)+\left(\frac1{14}+\cdots+\frac1{21}\right)+\cdots이를 이용하여 급수 ∑n=1∞1n\displaystyle \sum_{n=1}^{\infty}\frac1n이 발산함을 보이시오. (15점)

(2-2) 아래 그림과 같이 선분 AB\displaystyle AB가 지름인 원을 밑면으로 하는 원뿔 ABF\displaystyle ABF가 있다. 여기서 OA‾=OB‾=OE‾=2\displaystyle \overline{OA}=\overline{OB}=\overline{OE}=2이고 선분 OE\displaystyle OE의 중점 Q\displaystyle Q는 AQ‾=FQ‾\displaystyle \overline{AQ}=\overline{FQ}를 만족한다. (단, O\displaystyle O는 원뿔 ABF\displaystyle ABF의 밑면인 원의 중심이다.)

원뿔 ABF와 원뿔대 ABCD, 선분 OE의 중점 Q

(a) ∠ABF=θ\displaystyle \angle ABF=\theta (0<θ<π2\displaystyle 0<\theta<\frac\pi2)라 하자. tan⁡θ\displaystyle \tan\theta의 값을 구하시오. (10점)(b) 제시문 (마)를 이용하여 원뿔대 ABCD\displaystyle ABCD의 부피를 구하시오. (10점)

해설강의 준비중
+3점 · 1+(12)+(13)+(14+15)+(16+17+18)+(19+⋯+113)+(114+⋯+121)+⋯>1+12+13+25+38+513+821+⋯\displaystyle 1+(\frac12)+(\frac13)+(\frac14+\frac15)+(\frac16+\frac17+\frac18)+(\frac19+\cdots+\frac1{13})+(\frac1{14}+\cdots+\frac1{21})+\cdots>1+\frac12+\frac13+\frac25+\frac38+\frac5{13}+\frac8{21}+\cdots
+5점 · =1+∑n=1∞anan+2\displaystyle =1+\sum_{n=1}^{\infty}\frac{a_n}{a_{n+2}}

(2-1) 피보나치수열 {an}\displaystyle \{a_n\}을 이용하면 다음 부등식을 얻을 수 있다.1+(12)+(13)+(14+15)+(16+17+18)+(19+⋯+113)+(114+⋯+121)+⋯>1+12+13+25+38+513+821+⋯=1+∑n=1∞anan+2\displaystyle \begin{aligned}&1+\left(\frac12\right)+\left(\frac13\right)+\left(\frac14+\frac15\right)+\left(\frac16+\frac17+\frac18\right)+\left(\frac19+\cdots+\frac1{13}\right)+\left(\frac1{14}+\cdots+\frac1{21}\right)+\cdots\\&>1+\frac12+\frac13+\frac25+\frac38+\frac5{13}+\frac8{21}+\cdots=1+\sum_{n=1}^{\infty}\frac{a_n}{a_{n+2}}\end{aligned}

+5점

제시문 (가)에 의해서 lim⁡n→∞anan+2=lim⁡n→∞anan+1+an=lim⁡n→∞11+an+1an=11+ϕ≠0\displaystyle \lim_{n\to\infty}\frac{a_n}{a_{n+2}}=\lim_{n\to\infty}\frac{a_n}{a_{n+1}+a_n}=\lim_{n\to\infty}\frac1{1+\frac{a_{n+1}}{a_n}}=\frac1{1+\phi}\ne0이므로

+2점

제시문 (다)에 의해서 ∑n=1∞anan+2\displaystyle \sum_{n=1}^{\infty}\frac{a_n}{a_{n+2}}이 발산한다. 따라서 제시문 (라)에 의하여 급수 ∑n=1∞1n\displaystyle \sum_{n=1}^{\infty}\frac1n도 발산한다.

+5점 · OA=OB=OE=2\displaystyle OA=OB=OE=2이고 Q\displaystyle Q는 AQ=FQ\displaystyle AQ=FQ를 만족하는 OE\displaystyle OE의 중점이므로 OQ=1\displaystyle OQ=1이고 tan⁡θ=OFAO=OQ+QFAO=OQ+AQAO\displaystyle \tan\theta=\frac{OF}{AO}=\frac{OQ+QF}{AO}=\frac{OQ+AQ}{AO}
+5점 · =OQ+AO2+OQ2AO=1+22+12=1+52=ϕ\displaystyle =\frac{OQ+\sqrt{AO^2+OQ^2}}{AO}=\frac{1+\sqrt{2^2+1}}2=\frac{1+\sqrt5}2=\phi

(2-2)(a)OA=OB=OE=2\displaystyle OA=OB=OE=2이고 Q\displaystyle Q는 AQ=FQ\displaystyle AQ=FQ를 만족하는 OE\displaystyle OE의 중점이므로 OQ=1\displaystyle OQ=1이고tan⁡θ=OFAO=OQ+QFAO=OQ+AQAO=OQ+AO2+OQ2AO=1+22+12=1+52=ϕ\displaystyle \begin{aligned}\tan\theta&=\frac{OF}{AO}=\frac{OQ+QF}{AO}=\frac{OQ+AQ}{AO}\\&=\frac{OQ+\sqrt{AO^2+OQ^2}}{AO}=\frac{1+\sqrt{2^2+1}}2=\frac{1+\sqrt5}2=\phi\end{aligned}

+3점

(2-2)(b) (10점)원뿔 ABF\displaystyle ABF에서 O\displaystyle O를 좌표평면의 원점, 직선 AB\displaystyle AB를 x\displaystyle x축, 직선 OF\displaystyle OF를 y\displaystyle y축이라 하자. OF‾=2tan⁡θ=2ϕ=21+52=1+5\displaystyle \overline{OF}=2\tan\theta=2\phi=2\frac{1+\sqrt5}2=1+\sqrt5이다.

+5점

y=h\displaystyle y=h를 지나 y\displaystyle y축에 수직인 평면으로 원뿔 ABF\displaystyle ABF를 자른 단면을 S(h)\displaystyle S(h)라 하면 단면의 모양은 원이다. 이 원의 반지름의 길이를 r\displaystyle r라 하면 비례식 r:2=2ϕ−h:2ϕ\displaystyle r:2=2\phi-h:2\phi로부터 r=4ϕ−2h2ϕ=2−1ϕh\displaystyle r=\frac{4\phi-2h}{2\phi}=2-\frac1\phi h이다.

+2점 · 적분식 표현 또는 ϕ\displaystyle \phi의 결과식 또는 5\displaystyle \sqrt5가 들어있는 값 등이 맞으면 2점

V=∫02π(2−1ϕh)2 dh=π[13(2−1ϕh)3(−ϕ)]02=−8πϕ3((1−1ϕ)3−1)=163(3−5)π\displaystyle \begin{aligned}V&=\int_0^2\pi\left(2-\frac1\phi h\right)^2\,dh=\pi\Biggl[\frac13\left(2-\frac1\phi h\right)^3(-\phi)\Biggr]_0^2\\&=-\frac{8\pi\phi}3\left(\left(1-\frac1\phi\right)^3-1\right)\\&=\frac{16}3(3-\sqrt5)\pi\end{aligned}

V=∫02π(2−1ϕh)2 dh=π∫02(4−4ϕh+1ϕ2h2) dh=π[4h−2ϕh2+13ϕ2h3]02=8π(1−1ϕ+13ϕ2)=163(3−5)π\displaystyle \begin{aligned}V&=\int_0^2\pi\left(2-\frac1\phi h\right)^2\,dh=\pi\int_0^2\left(4-\frac4\phi h+\frac1{\phi^2}h^2\right)\,dh=\pi\Biggl[4h-\frac2\phi h^2+\frac1{3\phi^2}h^3\Biggr]_0^2\\&=8\pi\left(1-\frac1\phi+\frac1{3\phi^2}\right)\\&=\frac{16}3(3-\sqrt5)\pi\end{aligned}

V=∫02π(2−1ϕh)2 dh=π∫22−2ϕt2(−ϕ) dt=ϕπ[13t3]2−2ϕ2=ϕπ3(8−(2−2ϕ)3)=163(3−5)π\displaystyle \begin{aligned}V&=\int_0^2\pi\left(2-\frac1\phi h\right)^2\,dh=\pi\int_2^{2-\frac2\phi}t^2(-\phi)\,dt=\phi\pi\Biggl[\frac13t^3\Biggr]_{2-\frac2\phi}^2\\&=\frac{\phi\pi}3\left(8-\left(2-\frac2\phi\right)^3\right)\\&=\frac{16}3(3-\sqrt5)\pi\end{aligned}

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